运输管理期末考试

运输管理期末考试（共8篇）

运输管理期末考试 篇1

运输管理的复习资料

一、名词解释（5*3=15）

1.零担运输：是指托运一批次货物数量较少时，装不足或者占用一节货车车皮（或一辆运输汽车）进行运输在经济上不合算，而由运输部门安排和其他托运货物拼装后进行运输。

2.甩挂运输：是指载货汽车（或牵引车）按照预定的计划，在某个装卸作业地点甩下挂车并挂上指定的挂车后继续运行的拖挂运输组织形式。

3.货运站：是专门办理货物运输业务的汽车站，一般设在公路货物集散点。

4.拖挂运输：也称汽车运输列车化，它是以汽车列车形式参加运输生产活动的组织形式。5.班轮运输：是指在固定的航线上，以既定的港口顺序，按照事先公布的船期表航行的水上运输方式。

6.驳船运输：以拖船带驳船组成的拖驳船队运送货物和旅客的运行称为拖驳运输；以推船顶推驳船组成的顶推船队运送货物的运行称为顶推运输。拖驳运输和顶推运输统称为驳船运输。

7.集中托运：集中托运指集中托运人将若干批单独发运的货物组成一整批，向航空公司办理托运，采用一份航空总运单集中发运到同一目的站，由集中托运人在目的地指定的代理收货，再根据集中托运人签发的航空分运单分拨给各实际收货人的运输方式、8.配送中心：配送中心是以组织配送性销售或供应，执行实物配送为主要智能的流通型物流节点。

9.共同配送：又称协同配送。指把过去按不同货主、不同商品分别进行的配送，改为集中运货的“货物及配送的集约化”，也就是把拟配送的货物都装入在同一条路线上运行的运输车辆里。

10.包板运输：包舱包板是指托运人根据所运输的货物在一定时间内需要单独占用飞机部分或全部货舱、集装箱、集装板，而承运人需要采取专门措施予以保证的一种营运方式。

二、简答题（5*6=30）

1.拖挂运输的特点、如何组织？ 特点：

①挂车与大吨位载货车辆相比具有结构简单，耗用金属少，造价低，载货面积大等方面的优点，经济性极为显著

②但是受多种因素的影响，会引起汽车列车技术速度的下降和装卸作业停歇时间的延长，从而使车辆生产率的提高受到一定的限制。拖挂运输增加了重量，使它的牵引性能较单车汽车差。

组织：拖挂运输可有定挂运输和甩挂运输两种组织形式。定挂运输：当线路上某一小段因坡度大而影响汽车列车的正常通过时。包括接挂运输和助挂运输。

甩挂运输：一般是以于短距离运输。主要有四种组织形式：一线两点、两端甩挂；循环甩挂；一线多点、沿途甩挂；多线一点、轮流拖带。2.交通运输业的发展趋势 ①交通运输的智能化

②交通运输的高速化和重载化 ③多式联运 ④集装箱运输 ⑤开发新型“绿色”运输

针对现代物流的需求，发展公路、铁路、水运和航空的联运，高速货物运输，集装箱化运输，建立集约化的仓储等物资流通中心，实行无字的及时和综合配送等，也成为交通运输业的主要发展趋势。

3.港口的分类及组成

分类：

①按国家贸易政策可分为：国际贸易港、国内贸易港、自由港、②按地理位置可分为：海港、河港、湖港与水库港 组成：

港口由水域和陆地两大部分组成。港口水域分为港外水域和港内水域。

港外水域包括出港航道、港外锚地；港内水域包括港内航道、港内锚地、码头前沿水域和船舶调头区。

港口陆地分为码头与泊位、仓库与堆场、铁路及道路、起重运输机械和辅助生产设施；其中起重运输机械包括门式起重机、浮式起重机、装卸桥、带式输送机、带斗提升机和叉车装卸车。

4.航空货运运输的方式及特点

班机运输：按照业务对象不同，班机可分为客运航班和货运航班。特点：①准确迅速 ②方便货主 ③舱位有限。

包机运输：可分为整包机和部分包机。

特点：①有利于降低运输费用 ②部分包机的运送时间比班机长

集中托运：在运输中具有双重角色，是航空货物运输中开展的最为普遍的一种形式。

特点：①方便货主、降低成本 ②集中托运人可为托运人提供更高质量的服务 ③贵重物品、危险品、活动物、外交信袋以及文物等不能办理集中托运。5.物流配送的流程

(1)备货：是配送的准备工作，根据客户要求从供应商处几种商品的过程。(2)储存：是配送的重要内容，有储备和暂存两种形态，(3)分拣及配货：配送中心按照配装和送货要求进行分件货物，并按计划理货。(4)配装：采用先进的装载方法，合理安排货物的装载，形成货物装配组合(5)配送运输:将转配好的货物送达目的地(6)送达服务:将货物交付给用户 6.五种运输方式比较

1)铁路运输的特点：速度快、运量大、可靠性强、投资大、运营成本高、可达性差。2)公路运输的特点：速度快、灵活性好、投资少、运量小、可靠性一般、环境污染大。3)水路运输的特点：运量大、投资少、运营成本低、速度慢、可靠性较差、可达性差。4)航空运输的特点：速度快、灵活性好、投资大、可靠性一般、可达性差、环境污染。5)管道运输的特点：连续性强、通达性强、可靠性强、投资高、不占土地资源 在其他条件同等的情况下

1)运费：航空＞公路＞铁路＞水路、管道 2)运速：航空＞公路＞铁路＞管道＞水路 3)灵活性：公路＞航空＞铁路＞水路、管道

4)货运量：水路＞管道＞铁路＞公路＞飞机 7.配送中心的功能及操作流程 配送中心重视商品流通的全方位功能，同时具有商品储存保管、流通行销、分拣配送、流通加工及信息提供的功能。

配送中心业务流程内容包括：进货、订单处理、拣货、补货、配货、送货、流通加工、退货。它们之间衔接紧密，环环相扣，整个物流过程既包括实物流，又包括信息流，同时还包括资金流。

8.航空货物运输的当事人及其责任划分

航空货物运输的当事人主要有:发货人、收货人、承运人、代理人，以及地面运输公司。在航空货物运输中，各有关当事人的责任划分是：

1)航空货运公司要从事航空货物在交给航空公司之前的拦货、接受、报关、定舱以及在目的地从航空公司手中接货、交付或上门等业务。

2)航空公司主要是把货物和旅客从某一机场用飞机运到另一机场。9.企业配送模式选择的影响因素

1)企业经营发展战略。指企业最高管理层根据企业的宗旨对内外部环境进行分析，确定其中长期经营和发展的目标以及实现目标的最基本的企业总体性措施和部门措施。2)企业的配送能力。受硬件设施和软件设施影响，如果企业的硬件设施好，投资就会少。软件设施则包括物流配送的管理人才、方法及相关应用软件等，是经营管理物流配送业务的关键。

3)第三方物流配送的发展状况。第三方物流配送公司是企业选择配送模式时须谨慎考虑的一个重要因素。10.配送中心选址的工作步骤 1)基础资料的收集与整理。

选址时，要事先明确建立物流配送中心的必要性、目的及方针，明确研究的范围。另外，根据需求条件、运输条件、配送服务条件、用地条件、法规制度、管理与情报职能条件、流通职能条件和发展条件来缩小选址的范围。2)选址地址必备资料的整理

一般是通过成本计算，采用约束条件及目标函数建立数学公式，从中寻求费用最小的方案。3)定量分析包括有图解法、重心法、微分法。

三、论述题（2*15=30）

1.营改增

1.1概念：

营改增,其实就是以前缴纳营业税的应税项目改成缴纳增值税，增值税就是对于产品或者服务的增值部分纳税，减少了重复纳税的环节。1.2现状：

部分地区，部分行业率先试点，逐步展开。首先在上海试点，主要的行业是交通运输业与服务业。积累经验后，再推广到全国。

1.3营改增的优点: 避免重复征税 促进社会分工 1.4营改增的好处：

具体而言，企业会在以下三方面从“营改增”获益。

1.首先是服务业企业登记成为一般纳税人后，可以抵扣购买固定资产、货物和服务的相关进项。

2.其次是制造业企业，货物批发和零售企业能抵扣接受服务的相关进项。3.再者，从事跨境服务的企业原来通常会产生5%的营业税成本，现在营改增后可能不会发生任何实际的增值税成本。1.5应对的政策：

1.关注改革对企业自身可能带来的影响，及时做好应对措施。2.调整自身业务，人员更新、流程改造，系统重建。1.6营改增的意义:

1.营业税改征增值税，有利于完善税制，消除重复征税； 2.有利于社会专业化分工，促进三次产业融合；

3.有利于降低企业税收成本，增强企业发展能力；有利于优化投资、消费和出口结构，促进国民经济健康协调发展。

2.甩挂运输 2.1概念：

甩挂运输是指半挂汽车列车按照预定的计划，在某个装卸作业场站甩下半挂车，挂上其它半挂车继续运行的运输组织形式。2.2甩挂运输的工作原理

甩挂运输组织的工作原理就是指用牵引车拖带挂车至目的地，将挂车甩下后，换上新的挂车运往另一个目的地的运输方式。

2.3甩挂运输的现状：

1.我国的甩挂运输起步晚，发展慢，挂车数量少，拖挂比率低。目前，我国的甩挂运输主要集中在华东和华南港口城市。

2.我国的甩挂运输起步晚，但是发展潜力巨大。现在我国面临着巨大发展机遇，高附加值、高科技产品的迅速发展非常适合开展甩运输，将为甩挂运输的发展提供发展的需求动力。2.4甩挂运输车队运营组织模式

a.“一线两点”的甩挂运输车队运营组织模式、b.零担货物的网络型甩挂运营组织模式、c.“循环甩挂”的运营组织模式、d.集装箱区域甩挂运营组织模式、e.多式联运集疏运甩挂运营组织模式

2.5甩挂运输发展中存在的问题 甩挂运输具有得天独厚的发展优势，但是在调研中发现，有些企业在实际开展甩挂运输过程中也遇到一些问题。

（1）制度障碍：①半挂车保险问题、②车辆的报废制度不合理、③海关监管制度问题（2）技术障碍：①通用性问题、②挂车所有权问题、③设施建设问题 2.6 甩挂运输发展对策

一、调整行业监管政策和思路（1）充分调研，合理规划

（2）建立协调沟通渠道，解决发展障碍（3）加强政策扶持，打造龙头企业（4）政府引导，优化甩挂运输（5）开展业务培训，培养专门人才

二、运输企业要积极创新，发展甩挂运输（1）改进组织结构，发展网络化经营

（2）强化客户服务与管理理念，加强货源组织（3）构建物流信息平台，实现资源共享

2.7意义：

甩挂运输是一种集约、高效、先进、绿色的运输组织方式，是提高车辆运输效率、降低物流成本的有效手段，是建设资源节约型、环境友好型物流行业的重要途径。（1）降低物流成本、提高物流效率的有效手段（2）推动传统运输向现代物流业转型的重要举措（3）促进综合运输发展的客观要求

（4）实现节能减排的迫切需求

（5）促进道路运输服务创新的重要推力 3.网络运输与专线运输的比较 3.1专线运输

3.11含义：

指各物流公司用自己的货车运送货物至他的专线目的地，也就是直达运输，是说某个城市到另一城市的直达运输。

3.12目的：在货量充足的前提下，节约成本。3.13优点:

1.市场准入门槛低，管理简单，操作灵活，性价比高

2.直接的“点对点”直达运输，省却了“中转”的环节，因此货运速度更快，货损货差率更小。3.时效快，灵活度高，价格低。3.14缺点:

1.抗风险能力要小一点，公司的可信度稍低。

2.专线运输大部分需要中转、屯货，造成货物不能按时到达 3.小专线公司抗风险能力差，安全必须没有得到保证。4.专线货量比较有限并且不稳定，不能达到包车的要求 3.15意义：

1.有利于城市与城市之间的经济联系更加紧密，2.有利于促进生产和生活需要双向交换的商品越来越多, 3.有利于拉动城市间的道路货物运输需求。3.2.网络运输

3.21.含义：网络型物流企业由众多的组分或分支机构组成,其物流活动正是由这些不同地域的组分或分支机构共同协作而实现,而开展活动的平台是由这些组分或分支机构及各连接线路所组成的网络系统。

3.22.目的:完成物流的任务和目标,并取得高水平绩效.3.33特征：

（1）规模化

网络型物流企业具有很强的规模效益,其规模经济源主要是由物流业的专业性和其网络特征决定的规模经济。（2）专业性

网络组织保证了分工与专业化的效率机制,与此同时还将这种分工与专业化深化下去,这使得分工带来的专业性得以在更大范围内扩大和加深 3.34.运营模式:

（1）节点运营

网络节点从衔接点演变成为独立的经济组织,发展成为物流企业的分公司。物流企业通过采用在各地设置分公司的方式,实现了有效组织多方向物流活动和降低物流成本的两个目的。（2）线路运营

对于网络型物流企业而言为了有效衔接各网络单元的物流活动,需要在不同的网络单元间设置物流专线。线路运营便形成了物流网络中的线，而各网络单元则成为网络中的点。（3）网络运营

网络运营是一种动态运营和静态运营相结合的复合运营系统。它将物流企业的各种物流活动纳入其中。其中网络中的线，主要指各种运输路线,而点则是各等级的配送中心。3.3为什么网络运输比专线运输成本要高？

1)由于网络运输的线路较多较广，而专线运输集中精力于一条线路，其成本自然较低。2)简单的专线运输有单一性,容易控制.物流路径单一,而网络运输是需要运筹规划路由站点和物流系统的结构复杂,运输成本会高

3)专线运输做的是单纯的点到点服务，网络运输要考虑网络沿线的货物搭载，同时可能涉及目的地的分小车配送，成本有一定差别。4)网络运输公司一般都能提供较高水准的附加服务，附加服务就意味着多投入。4.运输方式的选择原理和方法

4.11原理：运输原理是指导运输管理和运营的最基本原理。其中包括的是规模原理、距离原理和速度原理。

4.12规模原理：是指随着每次装运量的增大，使每单位重量的运输成本下降。这是因为，转移一票货物的有关固定费用按整票货物的重量分摊时，一票货物越重，分摊到单位重量上的成本就越低。适用于铁路运输和水路运输。

4.13距离原理：是指随着每次运输距离的增加，运输费用的增加会变得越来越缓慢，或者说单位运输距离的费用减少。根据距离经济原理，长途运输的单位运距成本低，短途运输的单位运距成本高。

4.14速度原理：是指完成特地的运输所需的时间越短，其效用价值越高。因为运输时间短了，费用也会减少。其次，提高了交货时间，减少库存、降低存储费用。

4.15不同的运输方式对物流系统合理化的影响：

1)运输方式对装卸、搬运的影响。铁路，水路和航空受条件限制，会增加装卸和搬运的次数，而公路运输可以实现门到门运输。

2)运输方式对包装得影响。散装运输节约成本；集装箱运输便于在中途转运换装；托盘运输降低装卸、搬运成本。

3)运输配送方式对库存的影响。铁路、水路运输的货物量比较大，需要大量的库存，而公路运输的运量小，降低库存。4.16选择运输方式的一般方法：

应根据物流系统要求的服务水平和允许的物流成本决定，可以使用一种运输方式或者是联运方式。考虑的因素有货物品种、运输期限、运输成本、运输距离、运输批量等。但在实际的运输问题常常是多因素同时起作用，因此要充分地进行技术经济比较，进行优化组合，才能最大限度的降低运输成本。

运输管理期末考试 篇2

一、我国高校法学专业期末考试现状

我国大学教育的各项制度一直是在社会和学界的质疑声中不断改进的,其中也包括考试制度。有人曾指出,大学考试存在的主要问题是考试理念出现偏差、考试目的不明确、考试制度存在缺陷、考试方式比较单一等[1]。同时,由于大多数高校执行“严进宽出”的教育观念,因此只看重考试结果,不重视考试命题过程;只重知识记忆的再现,忽视对口头表达能力、实际操作能力的考查等[2]。而法学作为大学考试制度弊端体现较为突出的专业之一,其存在的问题也非常具有代表性,如考试评价体系缺乏科学性、内容难以体现学科特点、考风不正,缺乏规则意识和难以证明学习主动性、难以与职业需要相衔接等等[3]。

高校法学专业期末考试旨在考查和测量学生在本学期学习中知识掌握程度的情况。它至少应达到如下目标:1.反映出学生对基本理论的掌握情况;2.反映出学生对法条的理解和适用能力;3.反映出学生的逻辑分析能力、综合分析能力以及解决实际问题的能力。据此,法学期末考试的考察内容和题型设计也应服务于上述目标。然而,当前我国大陆地区高校法学专业期末考试无论从形式还是从内容上,都与预定目标有很大距离,主要原因在于,考试一般以闭卷考试、开卷考试和论文为主,形式较为单一;考察知识点较少,考核范围有限;考试内容以记忆为主,考得过死……与法学教育方法相联系,高校法学专业期末考试形式和内容都有待突破。

二、国外高校期末考试的特点

与我国高校期末考试相比,国外高校考试形式多样,方法各异,对学生掌握知识和解决问题能力的考查较为灵活。

20世纪90年代,美国高等教育学会将“教育价值”设定为高校考试的出发点,考试需反映学生学习的多维性、综合性和实用性。美国大学课程考试方法多样,其中较有特色的有以下几种形式:半开卷考试、小组答辩、随堂测验与家庭作业相结合、自主考试、网上考试等。半开卷考试是由学校事先告知考试形式,学生备考时,可以在学校统一印制的考试专用纸上总结学习重点,或者记录必要的公式、数据、课堂讲义等内容。在考试时,学生只能参考自己准备内容作答。这种方式通过有限度的允许学生参考学习资料的方式,既方便了学生备考,又能间接考查学生掌握重点的情况。小组答辩是将学生分成几个小组,由小组成员通过讨论等形式共同完成一套试题、一个项目或一份调查报告。通过这种考核方式,不仅可以了解学生的学习情况,而且能够有效考查学生们的合作、配合能力。随堂测验与家庭作业相结合的方式主要针对需要在规定时间内完成的考试。随堂测验往往以论述或制定框架方案为表现形式,结合以论文或调研报告为形式的家庭作业,由教师综合全班考生的总体情况后,确定考生的分数范围。自主考试是美国较具特色的一种考试方式,它充分体现了以学生为本的办学理念, 由学生在学校规定考试时间段内决定自己的考试时间。学校不限制考场的考试科目,只将其分为“普通”和“特别”考场两类,进入“普通考场”只能携带必备的考试用具,进入“特别考场”可以携带计算器、事先整理的资料等。因此,同一考场的考生可能来自不同的年级和班级、考试科目也不同,极大地体现了考试的“自主性”。网上考试多适用于基础性和理论性较强的课程,这类考试多以电子题库为表现形式,题型以选择、填空、判断为主。学生可以在做好复习准备之后,自行选择考试时间。考生在网上考试系统中选择考试科目后,考试系统会自动设置考试时间(如两个小时),并抽取或组合一套试卷供考生作答。在考生提交试卷之后,系统会自动判卷,并生成分数。这种考试节省资源、简便易行、公平合理,是效率较高的一种考试方式。

在德国,考试类型也是多种多样的,能够从各方面测试学生的能力,其考试方式主要有笔试考试、口试考试及研讨课形式。笔试也就是书面考试,教师在一门课授课之初,会列好专业书目让学生阅读。考试时,除了考查学生课堂所学的知识外,还考查推荐书目上的观点、流派等。这就要求学生在本课程学习过程中,主动开阔视野,培养自己的阅读和自学能力。口试主要采取教师提问的方式,口试一般需要两名教师,或由任课教师和助教进行,以保证考试的公平进行。这种考试对学生掌握知识情况的考查较为灵活,因为一问一答间不仅要求学生熟知知识点,还要求学生有快速反应能力和组织语言的能力。同时,由于教师可以根据学生的不同情况设问,因此,一些学习能力、独立思考能力和解决问题能力较强的学生能充分发挥自己的优势,取得高分。研讨课也是一种考试方式,多适用于高年级专业课,只有取得基础课和专业课学分的学生才能参加。考生一般通过网上报名,课程分两个阶段——论文、报告及答辩。任课教师先拟定几个论文题目供学生选择,选择相同题目的学生组成一个小组共同完成这篇论文,论文经教师审阅合格后可进行论文的报告及答辩。报告时,由小组轮流或推选代表介绍论文内容,阐述论文观点,然后教师和其他学生就论文中存在的问题或需要详细解答的地方进行提问,由该小组的学生进行解答,这种考试形式能够培养学生阅读、写作、科研、表达和团队合作的能力,应用也较为广泛。

在荷兰,学生每门课程的成绩都会结合平时成绩进行评定,在课程开始之前,教师会发给学生成绩评定标准的介绍,使学生充分了解该门课程的要求[4]。教师对考核方式有完全的自主权,考试可以以闭卷或开卷的形式进行,也可以论文方式考核。除了笔试和论文,学生往往还需要完成教师布置的作业,有的课程需要学生在课堂上对作业进行演讲。一般来说,一门课的总成绩构成大体上是出勤10%。作业三份,各15%,共45%,论文35%,课堂演讲10%,这种综合考核的方式能够考查学生在知识、逻辑思维、写作、表达等各方面的能力。

三、高校法学专业期末考试改革方案及效果

通过了解国外高校期末考试的先进经验,结合黑龙江大学法学院经济法教学和学生的实际情况,以兼顾学科知识点、司法考试重点和运用法律解决问题的能力为原则,制定了经济法期末考试改革方案,并于2013和2014年连续两个学年在本科经济法期末考试中实行, 效果较好。具体是采取平时口试与期末半开半闭(即一部分题型开卷考试一部分题型闭卷考试)笔试相结合的考试方式,其中平时出勤和讨论占总成绩的30%,笔试占总成绩的70%。

从考试方式来看,半开半闭这一方式与完全开、闭卷相比,有针对性强、覆盖面大、难易适中等几个优点。首先,完全闭卷考试主要考查学生的识记能力,但不便反映出学生根据资料进行综合分析的能力。其次,完全开卷考试的局限性在于:(1) 对识记性的知识,如概念等,不便以开卷的方式考察,因此在题型设计方面,名词、简答等基础性知识不好出现在开卷考试试卷上。(2) 由于开卷考试学生答题速度较慢,所以在题量的设置方面有局限性。(3)学生依赖性强,往往只依赖教材和资料解题,不容易充分调动其主观能动性。最后,半开半闭考试能够提高学生的积极性。考生可以运用不同复习办法应对考试中的不同题型,既能通过识记获得基础分,又能通过平时的积累和对法律的深入理解获得高分。

半开半闭的形式能够弥补上述考试的缺点,同时, 为了突出优势,在题型设计上采取了下列方式:对于考查综合分析、文字表达、知识运用能力的题型,即阐述题、案例分析题、辨析题等,以开卷形式考查;对需要识记或快速作答的内容,如选择题、判断题、名词解释、简答题等,以闭卷的形式考查。在试题内容的设置方面,贯彻以下几个原则:1.重要知识点重点考查。2.知识点与司法考试的考点相联系。3.重点法条记忆和运用、基础知识理解,兼顾考查综合分析能力。

平时口试的主要内容有案例分析、模拟法庭、课堂问答等,实践中一般通过随堂测验和小组讨论的方式进行。无论是口试还是笔试,都要求教师根据考试方式确定具体题型、设计考查内容。

实行新的考试方案后,课堂出勤率和教学效果都有明显上升。学生改变了“学了一学期,不如最后三天加把劲”的“临阵磨枪”备考思想,与教师的互动积极性也有了很大提高。经济法期末考试总成绩的及格率较往年提高了8%,优秀率提高了14.5%,经济法考试改革取得了初步成功。在以后的期末考试中,进一步完善改革方案。“单一的知识考试难以评估学生的实务和创新能力,应实施以知识测试和能力考核并重的考核评估体系”[5],建立统一的学科考核体系应成为今后考试改革努力的方向。注重考查学生的实践和创新能力,探索新的考试方法,逐步建立并巩固兼顾知识与能力的多层次考试评估体系。

参考文献

[1]姚玉龙.大学本科考试改革探析[J].科教导刊,2012,(10).

[2]刘隆华.论高校考试制度的改革与实践[J].湖南社会科学,2014,(1).

[3]王天欣.高校法学本科考试制度研究[D].北京:首都师范大学,2008.

[4]费煊.荷兰法学教育状况及借鉴[J].法学教育研究,2009,(1).

“座谈”期末考试 篇3

孙宾：编辑老师，您好！我是一名七年级的学生，期末考试就要到了，由于是第一次参加中学期末考试，我有些紧张，总觉得以前学过的知识都记不住，怕一考试就什么都想不起来了，考不出好成绩.我该怎么办？请编辑老师指点指点，非常感谢您！

编辑：孙宾同学，你好！非常感谢你对我的信任！你的这种情况是广大七年级同学普遍都有的现象，对此，我们邀请群内各位老师就这一情况向大家介绍一些经验和方法.请各位老师发表自己的意见和建议.

山东徐老师：编辑老师好，孙宾同学好.期末考试将到，怎样在考试中发挥好，取得较好的成绩呢？我认为在考试中首先要掌握做题的技巧.我们知道，考试就是在规定的时间内完成一定数量的题目，其中既考查你对所学知识的掌握情况，又考查你的解题技巧、解题速度和解题能力.所以掌握做题技巧非常重要.

编辑：有的同学拿到试卷后，也不仔细看看试卷的要求，开考铃一响，就开始做大题，这是很不好的习惯.

河南王老师：是的，因为考试的时间是有限制的，如果一开始就做最难的题目，可能时间用得会比较多，从而造成心理上的紧张，以致简单会做的题没有时间去做或思考受阻.

编辑：因此，拿到试卷后，应先看一看试卷前面的解题要求，试题的特点等，做到心中有数.做题时最好先做比较容易的题目，把较难的题放在后面做.

湖南蒋老师：对！做选择题时，要根据题目的特点灵活选用解题方法.如直接计算法、排除法、对比法、特殊值法等.做填空题时，要注意解题结果的准确性，计算要细致，考虑要全面，不能出现漏解或多填的情况.

编辑：做填空题时，还要注意一些细节问题，如单位、该加的括号不要漏掉.

北京李老师：没错，就是这样，细心最重要.

编辑：那么如何解答大题呢？

辽宁费老师：在解答大题时，应先理清思路，不要走弯路.另外还要注意把解题步骤写好.有的同学大题也会做，可最后得分不高，实际上，这些同学解题时只写出最后的答案，而失去了各个步骤的分.所以解答大题时，要认真写出解题过程，要保证步骤清晰完整.

编辑：除了以上我们所说的，还要注意什么呢？

山西胡老师：考试不仅考查对基础知识的掌握，还注重对综合能力的考查，在解答综合探索型问题时，有的同学往往不知如何思考，遇到综合题就想放弃.实际上，综合题也是由一些我们学过的知识点构成的.认真审题，注意联想所学过的知识，从多个角度去思考问题，就能找到解题方法，对待综合题一定要有信心.

编辑：当然，要想在期末考试中取得好的成绩，需要有扎实的基础.

江西于老师：您说的很好！相信在知识掌握比较牢固的基础上，在考试中，只要你能选择良好的解题策略，严格规范操作，一定会取得比较理想的考试效果.

山东徐老师：在考试时，要保持比较轻松的心态，相信自己！做完题后还要仔细检查一遍.

编辑：希望通过我们短暂的交流，能为孙宾同学以及其他同学指点迷津.在此，感谢各位老师的积极参与和指导！

仓库管理期末考试试题(一) 篇4

（一）适用班级：储检1201闭卷考试

一、单项选择（每题1分，共55分）

1.粮食仓储某从业人员经常背后讲别人坏话，挑拨离间，其行为违背了()的职业守则。

A、精益求精B、执行规范C、团结合作D、遵纪守法

2.国内外用于评价()高低或好坏的主要方法是压力衰减法。

A、粮仓防潮性B、粮仓隔热性C、密封粮堆气密性D、粮仓侧压力

3.非连续累加自动秤秤体上的电气部件如电磁阀、传感器、接近开头、料位器、行程开头等均应符合()的要求，控制柜必须置于安全区。

A、良好润滑B、运行自如C、低温D、粉尘防爆

4.粮食上的霉菌对低二氧化碳有较强的适应能力，只有当二氧化碳浓度（）才能有明显的抑制作用。

A、大于40%B、小于40%C、大于35%D、小于35%

5.职业是社会()发展到一定阶段的产物。

A、生产力B、生产关系C、阶级D、社会关系

6.磷化氢环流熏蒸及施药的方式要根据()来确定。

A、储粮情况、设施配套情况、仓房及其环境情况

B、储粮情况、设施牢固情况、仓房及其环境情况

C、害虫情况、设施配套情况、仓房及其环境情况

D、害虫情况、经济分析、仓房及其环境情况

7.在制定存放方案之前，要首先了解仓房结构牢固性、仓墙()、仓容量以及粮食的数量、含水量、质量、储存期、是原粮或成品粮等粮情。

A、吸热性B、隔热性C、气密性D、防潮性

8.有色小麦籽粒是由于种皮色素层细胞内含有()的缘故，它对小麦粉的粉色有一定的影响。

A、水分B、脂肪C、色素D、蛋白质

9.正常花生的子叶呈洁净的()色，而“走油”变质时，子叶变成半透明的蜡质状态，色泽也较深暗。

A、乳白B、暗红C、浅红D、红褐色

10.磷化氢气体检测仪配有吸气泵，通过()将被检测气体自动吸送到检测仪器的传感器室，可以检测远距离的气体中的磷化氢浓度。

A、风机B、通风道C、环流管D、取样管

11.汽车衡主要由秤台、称重控制单元和（）三大部分组成。

A、打印机B、显示器C、地坑D、称重传感器

12.机械设备的维护与保养实行（）与“定期维修保养”相结合的方式。

A、更换与保养 B、使用与操作保养 C、经常性维护保养 D、维护与操作保养

13.粮油保管自然损耗量等于入库总量减去出库总量，再()水分杂质减量。

A、除以B、乘以C、加上D、减去

14.中国储备粮管理总公司直属企业是专门储存中央储备粮的企业，同时规定中央储备粮也可以由()代储。

A、大型国有企业B、国家粮食储备库

C、实力雄厚的个体户D、具备条件的其他企业

15.下列说法不正确的是()。

A、劳动者享有享受劳动保险和福利的权利

B、劳动者享有取得劳动报酬的权利

C、劳动者享有提请劳动争议处理的权利

D、劳动者享有享受每年旅游和疗养的权利

16消防工作方针是“()”。

A、预防第一，消防结合B、预防为主，防消结合C、防治为主，消防结合D、防治为主，防消结合17.申请粮食收购资格应当提交书面申请，并提供资金、()、质量检验和保管能力等

证明材料。

A、收购人员B、技术人员C、仓储设施D、组织机构

18.道线仓一般建成直径较小（4米左右）的立筒仓，设在铁道的()。

A、上方B、下方C、附近D、一侧或两侧

19.为消除不安全、不卫生因素所采取的组织措施，技术措施均属()范畴。

A、劳动保护B、社会保险C、生活保障D、劳动保险

20.使用散粮火车卸车装置时，应先启动除尘系统，再进行()作业。

A、卸车B、输送C、装车D、清理

21.()的环境对储粮品质有害，因此需要经常检查仓房的隔热防潮性能并及时维修保

养。

A、高温B、高温与潮湿 C、潮湿D、低温与干燥

22.“一符四无”粮仓的“四无”是指粮仓无虫害、无霉变、无鼠雀、()。

A、无杂质B、无土粮C、无被盗D、无事故

23.下列选项不属于“四懂三会”中的“三会”的是（）。

A 会操作B会保养C会排除故障D会看使用说明书

24.装粮线的高度一般是以（）为基准而设计的。

A、玉米B、稻谷C、大豆D、小麦

25.小麦储存的品质控制指标有色泽、气味、()、品尝评分值。

A、温度B、湿度C、面筋吸水率D、酸度

26.对新购进或维修后的机械设备，必须经（）后，方可投入使用。

A、厂家鉴定B、目测合格C、试车合格 D、领导批准

27.采用启闭门窗控制粮油水分时，注意环境条件的（）对控制粮油水分的影响。

A、变化B、湿度C、氧浓度D、温差

28.自然通风操作方法比较简单，其效果与储粮（）有关。

A、粮种B、堆装形式C、湿度D、温度

29.安全生产是指保护劳动者在生产、（）中的人身安全、健康和财产安全。

A、经营活动B、所有活动C、生活D、其他活动

30.道德对人们行为所干涉的范围（）。

A、要比法律窄B、要比法律广泛

C、与法律不可比D、与规章制度相同

31.劳动保护的任务，从总体上讲就是解决（）之间的矛盾。

A、安全与发展B、安全与经济 C、安全与生产 D、生产与发展

32.粮油堆装要合理，散装仓房（）储存粮油，确保粮仓及人身安全。

A、少装B、适量装C、禁止超高超量D、多装

33.对粮食仓储工作者的职业道德要求是（）

A、爱粮如命，爱库如家B、为人民服务

C、宁流千滴汗，不坏一粒粮D、库荣我荣，库衰我耻

34.（）是做好粮食仓储工作的基础。

A、忠于职守，认真负责B、全心全意为人民服务

C、遵纪守法，保守秘密D、爱岗敬业，精益求精

35.库存粮油应做到的“五分开”是指：不同品种、不同等级、（）、新陈粮油、有虫粮和无虫粮分开。

A、安全粮和非安全粮 B、宜存粮油和陈化粮 C、安全和非安全水分

36.粮食质量监管实施办法长江以北地区粮食储存年限规定为：小麦（），玉米

2-3年。

A、3-5B、2-3C、1-2D、2-3

37.（）适用于水分小、粮温低、较长时间储存的粮食。

A 通风垛包装堆放 B 实垛堆放 C 小囤打围散堆放 D 露天堆放

38.围包散装堆放小麦，堆粮高度一般为（）

A 11包B 12 包C 18包D 13包

39.粮库中使用的灭火器一般是（）

A 卤代烷灭火器B 二氧化碳灭火器C 泡沫灭火器D 干粉灭火器

40.消防工作的贯彻方针是（）

A 专门机关与群众结合B 预防为主，防消结合C 安全第一，预防为主D为人民服务

41.粮油露天散装堆放一般可分为露天围包散装和（）两种堆放形式。

A 露天散装B 露天包装通风垛C 露天包装实垛D 露天圆囤散装

42.磷化氢浓度保持的长短主要取决于()。

A、熏蒸环境的气密性B、施药剂量C、设定浓度

43.氧浓度低于（）以下对人就有生命危险。

A 8%B 2%C 4%D 10%

44.下列不属于小麦不完善粒的是（）。

A 虫蚀粒B 破损粒C生芽粒D 未熟粒

45.储粮在储藏期间的检查内容主要包括储粮温度、（）、储粮水分、储粮品质。

A 储粮霉菌B 储粮虫害C 储粮杂质

46.粮食的呼吸强度随粮粒含水量的增加而增加。当粮食水分增高到一定数值时，呼吸强度

急剧加强，此时粮食的水分称为（）水分。

A平衡B 安全C 临界

47.()是粮食中最重要的储藏性多糖,是人体所需热能的主要来源.A纤维素B蛋白质C脂肪D淀粉

48.用万用表检测防雷装置接地电阻，要求接地电阻（）

A 不应大于30欧姆B 不应大于15欧姆

C 不应小于15欧姆D 不应小于30欧姆

49.下面（）不属于带式输送机输送带打滑的原因。

A 输送带张力不够；B 摩擦阻力不够；

C滚筒轴承不灵活；D输送带过载

50.下面（）不是垂直型埋刮板输送机的特点

A 密闭性能好，防止工作环境污染

B 工艺布置灵活

C 容易实现多点加料和多点卸料

D 体积小，占地面积小

51.下列材料不属于保温材料的是（）

A 膨胀蛭石B 膨胀珍珠岩C 煤渣D聚苯乙烯泡沫塑料

52.三级防水等级屋面的防水层耐用年限是（）年。

A8B10C12D15

53.油泵的外部维护一般（）

A 半年一次B 一年一次C 3年一次D 2年一次

54.对易变质的粮油不能保存时，可（）样品，但应事先对送验单位说明。

A、不保留B、封存C、保留D、暂时保留

55.直接评价粮食食用品质的方法是（）。

A、感观指标评价B、化学指标评价C、营养指标评价D、物理指标评价

二、判断（每题1分，共10分）

1.甘薯的皮色和肉色是鉴别品种和品质的重要特征。

2.不同种类、品种粮食直链淀粉和支链淀粉相对含量不同，这是不同稻米蒸煮与食用品质具有较大差异的重要原因。

3.通常所说粮油含水量是指粮粒中所含的游离水。

4.粮油储藏的目的是通过控制温度、水分、气体成分等物理条件，终止粮油品质的劣化。

5.带式输送机启动前应检查输送带的松紧，防止过度下垂或张力过大

6.植物油厂浸出车间对含轻汽油溶剂的湿粕的输送，一般采用带式输送机。

7.若有数台输送机组成一条流水线或输送系统时，启动时应先开第一台，然后逐台往后开动，停车时顺序相反。

8.SSB改性沥青防水卷材适于炎热地区的工程防水；APP改性沥青防水卷材适于严寒地区的防水、防渗、防潮。

9.液压翻板的工作过程是汽车驶上称重平台；顶升油缸升起，使翻板平台达到预定倾角，逐渐开始卸粮；平台落下，汽车驶离称重平台，完成卸粮

10.散粮火车装车时，依次启动除尘系统和地下输送机械，然后开始卸粮。

三、简答（共35分）

1、简述“后熟作用”的定义及影响因素（8分）

2、简述斗式提升机防爆的方法（5分）

3、简析影响储粮结露的原因。（8分）

供应链管理期末考试重点 篇5

供应链的特征:1,复杂性2，动态性3，面向用户需求4，交叉性

供应链的类型：1，稳定的供应链和动态的供应链2，平衡的供应链和失衡的供应链3，效率型供应链和响应型供应链4，风险规避供应链和敏捷供应链

供应链管理的运行机制？1，合作机制2，决策机制3，激励机制4，自律机制5，风险机制6，信任机制

拓展企业：可以定义为一个概念性的组织单元或系统，它包括采购公司和供应商，它们通过紧密合作来实现最大化的利润共享。

扩展理论的企业模型？1，基于传统制造模式下的扩展企业模型2，基于供应链管理的扩展企业模型

业务外包的原因？1，分担风险2，加速重构优势3，企业难以管理或失控的辅助业务职能4，使用企业不拥有的资源5，降低成本

供应链合作关系：可以定义为供应商与制造商之间，在一定时期内共享信息、共担风险、共同获利的协议关系

合作伙伴选择方法概述？1，直观判断法2，招标法3，协商选择法4，采购成本比较法5，ABC成本法6，层次分析法7，合作伙伴选择的神经网络算法

CRM的四大功能：1，客户信息管理2，市场营销管理3，销售管理4，服务管理与客户关怀

供应契约的分类？1，按照合作程度划分（单方决策型，联合决策型）2，按照需求的特点划分（需求确定型，需求不确定型）3，按照契约参数划分（削价契约，收入共享契约，数量折扣契约，最小购买数量契约，数量柔性契约，带有齐全的数量柔性契约，回购契约，备货契约，质量担保契约）

两种供应关系模式？1，竞争关系模式2，双赢关系模式

物流的分类：1，按物流的范畴分（社会物流、企业物流）2，按物流的作用领域分（生产领域的物流、流通领域的物流）3，安物流发展的历史进程（产通物流，综合物流，现代物流）4，按提供服务的主体不同（代理物流、生产企业内部物流）5，按物流的流向（流入物流，流出物流）

物流的功能：1，运输功能2，储存功能3，配送功能4，装卸搬运功能5，包装功能6，流通加工7，信息处理。

企业物流包括：1，企业供应物流2，企业生产物流3，企业销售物流4，企业回收物流5，企业废弃物流

物流外包的优势？1，解决资源有限的问题，是企业更专注于核心业务的发展2，灵活运用新技术，实现以信息换库存，降低成本3，减少固定资产投资，加速资本周转4，企业的带更加专业化的服务、从而降低营运成本，提高服务质量5，降低风险，同合作伙伴分担风险6，提高企业的运作柔性

VMI（供应商关系管理）的原则？1，合作性原则2，互惠原则3，目标一致性原则4，连续改进原则

实施VMI的几种形式？1，“制造商-零售商”VMI模式2，“供应商-制造商”VMI模式3，“供应商-3PL-制造商”VMI模式

运输管理期末考试 篇6

《财务管理》期末考试工作方案

一、课程的目的与任务

本课程是会计学专业的基础性课程，也是《会计原理》和《财务会计》的后续课程。通过本课程的学习，应使学生能运用所学的理论和方法，解决企业的实际理财问题，使企业的资金用活、用好，从而保证企业的资产保值增值，实现股东财富最大化的财务管理目标。本课程要求学生在充分理解和熟悉财务管理的基本概念，基本理论和分析方法的基础上，了解企业财务决策过程以及影响财务决策各因素之间的相互关系，理论联系实际，运用有关的原理、分析方法解决企业财务管理中所遇到的实际投资和筹资问题，成为符合企业和社会要求的财务管理人才。

二、考试的目的与要求

本课程的考试目的是考察学生对财务管理的基本理论、基本原则、基本方法掌握的熟练程度，重点考察学生对实际问题的分析能力和解决能力。使学生走上财会工作岗位后能较快适应实际需要，学以致用。

三、考试方式

考试采用闭卷考试形式

四、考试内容与题型

考试内容为财务管理课程大纲所规定的内容：教材第一章至第九章的所有知识。

一、选择题，20分；

二、多项选择题，20分；

三、判断题，20分；

四、计算题，40分

五、考试时间

考试时间为120分钟

六、总评成绩构成成绩由三部分构成：

（1）平日作业、出勤、课堂表现等占总成绩的20%

（2）平日小测验成绩等考核占20%

运输管理期末考试 篇7

关键词：生物教育,生物进化论,考试改革

考试是教学质量测定和检查的一种方式, 是教学活动的重要环节, 是教学效果评价的重要手段。考试的内容和方法对学生学习和教师教学都有重要的导向作用。科学合理的考试模式可以促进知识、能力、素质的融合, 也可以客观、准确地反映教学情况、分析和评估教学质量, 促进课程教学改革, 有利于学生素质的全面提高, 从而激发学生的学习热情, 提高教学质量。生物进化论是生物科学专业的选修课程, 课程目的就是让学生了解和掌握生物界的系统发展及其规律性, 丰富专业知识。笔者以课程考试为契机尝试自由讲课的考试方式, 旨在通过对考试 (考查) 模式的改革促进学生对课程学习的积极性与主动性, 从而提高生物进化论课程的教学质量。

1 基本情况

1.1 考试对象

2004级生物科学本科及2005级生物教育专科2个专业的2个班, 共计62名学生。

1.2 实施方案

考试形式为自由讲课。题目以课堂教材《进化生物学》为基础, 结合自己的兴趣可自由选材, 自己备课, 在课堂上讲课10分钟。考试分为两部分:①备课。包括教案的撰写、课件的准备及知识的扩充, 这个部分主要考查基本功。②现场讲课。这部分主要考查综合表现和讲课技巧。

1.3 评分标准

考试总分为100分。其中讲课时间能控制在10分钟左右 (10分) ;普通话标准, 语言流畅 (10分) ;讲授内容熟悉, 能够脱稿讲课, 重点、难点突出 (30分) ;板书或者幻灯片的制作效果好 (20分) ;课堂气氛活跃, 课堂互动好 (10分) ;教案写作标准及内容安排得当 (20分) 。

2 结果分析

2.1 考试成绩的基本分析

根据考试成绩的基本情况分析表明, 多数同学基本达到良好水平, 最高分为96分, 最低分为53分, 平均成绩82.5分, 及格率95.2%, 说明学生具备一定的语言表述及时间掌控能力。

2.2 考试情况的细节统计

时间管理是课程设计的重要环节, 关系课程重点、难点的讲述安排, 所以现场讲课时间是关注的重点之一。根据考试题目要求, 每个学生的现场讲课时间是10分钟, 但是参加考试的62位学生中, 只有6位学生刚好控制在10 min, 多数学生用时在9～11 min之间, 少数人超过12 min, 仅有几人少于5 min。

对于讲课内容的熟悉程度, 设计完全脱稿、不完全脱稿、不脱稿3个层次。完全脱稿就是不用看稿子或者对所讲内容能够熟练讲述;不完全脱稿则是基本上讲述清楚, 偶尔看看稿子或者课本;不脱稿就是念幻灯片或者课本、稿子。考试结果分析表明, 25.8%的学生准备充分, 能够完全脱稿, 讲课轻松自如, 课堂互动良好。而不完全脱稿的有51.6%, 只有19.4%的学生是照着讲稿念。虽然讲课内容是自由选择的, 但是内容重复的人数不是很多, 重复率为19.4%。

2.3 学生问卷调查统计

在每位学生现场讲课结束后发给学生调查表, 学生填写后立即收回。问卷调查结果表明, 多数学生欢迎采用自由讲课的方式进行考试, 认为这样的考试方式可以培养学生的表达能力、知识的组织能力和思维能力, 对生物教育类专业学科发展有一定的促进作用, 调查结果见表1。

3 讨论

3.1 传统考试方式的弊病

传统的考试模式多数为闭卷考试, 尽管传统模式具有比较客观、公正及操作规范等长处, 但是随着教育改革的深入, 闭卷考试的考核形式也暴露出一定的局限性。传统的考试模式中普遍存在“重知识、轻能力, 重记忆、轻创新, 重理论、轻操作”的现象, 难以完全适应素质教育的需要。

传统考试弊病的具体表现:①考试内容中记忆性成分所占比重较大, 技能和综合素质考核难以体现。因此导致教师照本宣科, 学生死记硬背, 综合运用知识的能力欠缺, 实践技能掌握的不扎实。②传统考试的常用模式是以期末总结性考试和闭卷笔试为主, 不能对教师教学和学生学习产生积极影响, 教与学双方都只注重课本知识的传授和学习, 忽视了技能的训练和综合素质的培养, 背离了高职高专教育的人才培养目标, 制约了高技能应用型人才的发展。③传统的考试常是一考定成绩, 造成部分学生平时不努力, 期末找任课教师划重点, 考前开夜车围绕所谓重点进行突击复习, 最终成绩是很好, 但理论知识和技能掌握的不牢固。此外, 在传统的考试模式中, 学生普遍认为死记硬背就能完成考试, 甚至可以获得高分, 因而无需进行深入的思考和分析, 有些学生甚至考场作弊致使违纪现象屡禁不止。

3.2 自由讲课对教育技能培养的重要性

(1) 满足人才培养的需要。

重庆文理学院生物专业的人才培养目标是德、智、体、美全面发展, 具备生物科学专业的基本理论、基础知识和基本技能, 具有现代教育理论和教学技能, 能够在中学和职业技术学校从事生物及其相关课程的教学、教学管理及具有初步教学研究和科研能力的应用型专门人才。因此, 就需要学生获得更多的技能锻炼, 自由讲课考试模式符合生物教师教育类专业的培养要求。

(2) 促进学生掌握现代教育技能。

高等院校生物教育类专业的培养目标以培养生物教师为主, 同时辐射其他相关领域。生物教育类本科生毕业所教对象是初中和高中学生。初高中学生正在形成自己的认知能力, 他们的观察力、记忆力、想象力和创造力都有了明显的发展。因此, 讲课内容要题材广泛、形式多样, 培养学生的阅读理解能力。这就要求相关专业的大学毕业生要扎实掌握现代教育理论和教学技能。教学技能是教师最重要的专业素质, 而自由讲课的考试模式锻炼了学生课件的制作能力、口头表达能力、书面表达能力以及课堂情境设计能力等, 可以满足从事生物及其相关课程的教学、教学管理及具有初步教学研究和科研能力的应用型专门人才的培养需要。此外, 在自由讲课过程中很多学生能根据课堂内容精心设计问题情境, 有效提高了设计教学问题情境的技能。

(3) 培养教育情愫。

教师的教育实践活动包括教育技能、教育知识及教育情愫。知识与情愫是技能的内在支持, 技能是知识与情素的外化, 它们相辅相成。练习和掌握技能需要运用某些知识和理性思维, 知识的学习能提高人的理性判断和反思批判的能力。自由讲课为学生提供了建构个体知识的条件和空间, 有利于学生在与教育情境的交互作用中形成策略性知识。学生的专业知识、专业情愫、专业能力应该而且可以协同培养, 现有的教育类课程教学应改变重理论轻实践、重动脑轻动手、重知识轻能力的倾向, 着重培养素质结构完善的专业教师。

3.3 实施自由讲课考试模式的关键技术

首先, 考试要求过高或过低都会使自由讲课的考试模式失去理论和应用意义, 也有悖于考试模式改革者的初衷。其次, 建立客观、科学并具有可衡量性的评价标准, 尽可能消除人的主观性对评分结果的影响及教师间的评分差异。由于学生是根据各自的兴趣、认知水平和学习能力来选择讲课内容的, 根据自己所掌握的教育技能来设计课程, 必然出现讲课形式的多样化, 因此评价标准是否客观、科学并具有可衡量性是至关重要的。

4 小结

考试改革是高校教育教学改革的一个重要组成部分。考核方式选择的合理则能对教学改革进行正确地评价, 促进教学改革的深入发展。为探索生物教育类课程考试模式采用了自由讲课的形式进行考核, 实践证明自由讲课式有利于教育专业的人才培养, 有利于教育专业学生更好地掌握现代教育技术和培养教育情素, 有利于学生综合能力的提高, 自由讲课的考试模式是一种可行的、良好的、考核教学效果的方式之一。

参考文献

[1]姜安丽, 石琴, 李淑贞, 等.护理学基础教学系统整体优化的研究与实践[J].中华护理杂志, 2002, 37 (7) :528-531.

[2]宋博, 苏伟, 李艳春, 等.护理学基础课程考试模式的改革与实践[J].现代护理, 2006, 12 (6) :585-586.

[3]王灿楠.关于大学生考试作弊影响因素的调查分析[J].山西医科大学学报:基础医学教育版, 2001 (3) :206-207.

[4]周丹.高师教师技能的培养[J].教育评论, 2006 (6) :39-42.

期末考试测试卷（一） 篇8

1.抛物线y=mx2的准线方程为y=2，则m的值为    .

2.若函数f（x）=a-x+x+a2-2是偶函数，则实数a的值为    .

3.若sin（α+π12）=13，则cos（α+7π12）的值为   .

4.从长度分别为2、3、4、5的四条线段中任意取出三条，则以这三条线段为边可以构成三角形的概率是    .

5.已知向量a的模为2，向量e为单位向量，e⊥（a-e），则向量a与e的夹角大小为    .

6.设函数f（x）是定义在R上的奇函数，且对任意x∈R都有f（x）=f（x+4），当x∈（-2，0）时，f（x）=2x，则f（2012）-f（2013）=    .

7.已知直线x=a（0

8.已知双曲线x2a2-y2=1（a>0）的一条渐近线为y=kx（k>0），离心率e=5k，则双曲线方程为   .

9.已知函数f（x）=ax（x<0），

（a-3）x+4a（x≥0）满足对任意x1≠x2，都有f（x1）-f（x2）x1-x2<0成立，则a的取值范围是    .

10.设x∈（0，π2），则函数y=2sin2x+1sin2x的最小值为    .

11.△ABC中，C=π2，AC=1，BC=2，则f（λ）=|2λCA+（1-λ）CB|的最小值是

12.给出如下四个命题：

①x∈（0，+∞），x2>x3;

②x∈（0，+∞），x>ex;

③函数f（x）定义域为R，且f（2-x）=f（x），则f（x）的图象关于直线x=1对称;

④若函数f（x）=lg（x2+ax-a）的值域为R，则a≤-4或a≥0;

其中正确的命题是    .（写出所有正确命题的题号）.

13.在平面直角坐标系xOy中，点P是第一象限内曲线y=-x3+1上的一个动点，以点P为切点作切线与两个坐标轴交于A，B两点，则△AOB的面积的最小值为    .

14.若关于x的方程|ex-3x|=kx有四个实数根，则实数k的取值范围是    .

二、解答题

15.已知sin（A+π4）=7210，A∈（π4，π2）.

（1）求cosA的值;

（2）求函数f（x）=cos2x+52sinAsinx的值域.

16.在四棱锥PABCD中，∠ABC=∠ACD=90°，∠BAC=∠CAD=60°，PA⊥平面ABCD，E为PD的中点，PA=2AB=2.

（1）求四棱锥PABCD的体积V;

（2）若F为PC的中点，求证PC⊥平面AEF;

（3）求证CE∥平面PAB.

17.某企业有两个生产车间分别在A、B两个位置，A车间有100名员工，B车间有400名员工.现要在公路AC上找一点D，修一条公路BD，并在D处建一个食堂，使得所有员工均在此食堂用餐.已知A、B、C中任意两点间的距离均有1km，设∠BDC=α，所有员工从车间到食堂步行的总路程为s.

（1）写出s关于α的函数表达式，并指出α的取值范围;

（2）问食堂D建在距离A多远时，可使总路程s最少.

18.已知点P（4，4），圆C：（x-m）2+y2=5（m<3）与椭圆E：x2a2+y2b2=1（a>b>0）有一个公共点A（3，1），F1、F2分别是椭圆的左、右焦点，直线PF1与圆C相切.

（1）求m的值与椭圆E的方程;

（2）设Q为椭圆E上的一个动点，求AP·AQ的取值范围.

19.幂函数y=x的图象上的点Pn（t2n，tn）（n=1，2，…）与x轴正半轴上的点Qn及原点O构成一系列正△PnQn-1Qn（Q0与O重合），记an=|QnQn-1|

（1）求a1的值;

（2）求数列{an}的通项公式an;

（3）设Sn为数列{an}的前n项和，若对于任意的实数λ∈[0，1]，总存在自然数k，当n≥k时，3Sn-3n+2≥（1-λ）（3an-1）恒成立，求k的最小值.

20.已知函数f（x）=（x2-3x+3）·ex定义域为[-2，t]（t>-2），设f（-2）=m，f（t）=n.

（1）试确定t的取值范围，使得函数f（x）在[-2，t]上为单调函数;

（2）求证：n>m;

（3）求证：对于任意的t>-2，总存在x0∈（-2，t），满足f′（x0）ex0=23（t-1）2，并确定这样的x0的个数.

附加题

21.[选做题] 本题包括A，B，C，D四小题，请选定其中两题作答，每小题10分，共计20分.

A.选修41：几何证明选讲

自圆O外一点P引圆的一条切线PA，切点为A，M为PA的中点，过点M引圆O的割线交该圆于B、C两点，且∠BMP=100°，∠BPC=40°，求∠MPB的大小.

B.选修42：矩阵与变换

已知二阶矩阵A=1a

34对应的变换将点（-2，1）变换成点（0，b），求实数a，b的值.

C.选修44：坐标系与参数方程

椭圆中心在原点，焦点在x轴上.离心率为12，点P（x，y）是椭圆上的一个动点，

若2x+3y的最大值为10，求椭圆的标准方程.

D.选修45：不等式选讲

若正数a，b，c满足a+b+c=1，求13a+2+13b+2+13c+2的最小值.

[必做题] 第22、23题，每小题10分，计20分.

22.如图，在底面边长为1，侧棱长为2的正四棱柱ABCDA1B1C1D1中，P是侧棱CC1上的一点，CP=m.

（1）试确定m，使直线AP与平面BDD1B1所成角为60°;

（2）在线段A1C1上是否存在一个定点Q，使得对任意的m，D1Q⊥AP，并证明你的结论.

23.（本小题满分10分）

已知，（x+1）n=a0+a1（x-1）+a2（x-1）2+a3（x-1）3+…+an（x-1）n，（其中n∈N*）

（1）求a0及Sn=a1+a2+a3+…+an;

（2）试比较Sn与（n-2）2n+2n2的大小，并说明理由.

参考答案

一、填空题

1. -18

2. 2

3. -13

4. 0.75

5. π3

6. 12

7. 710

8. x24-y2=1

9. （0，14]

10. 3

11. 2

12. ③④

13. 3324

14. （0，3-e）

二、解答题

15.解：（1）因为π4<A<π2，且sin（A+π4）=7210，

所以π2<A+π4<3π4，cos（A+π4）=-210.

因为cosA=cos[（A+π4）-π4]

=cos（A+π4）cosπ4+sin（A+π4）sinπ4

=-210·22+7210·22=35.所以cosA=35.

（2）由（1）可得sinA=45.所以f（x）=cos2x+52sinAsinx

=1-2sin2x+2sinx=-2（sinx-12）2+32，x∈R.因为sinx∈[-1，1]，所以，当sinx=12时，f（x）取最大值32;当sinx=-1时，f（x）取最小值-3.

所以函数f（x）的值域为[-3，32].

16.解：（1）在Rt△ABC中，AB=1，

∠BAC=60°，∴BC=3，AC=2.

在Rt△ACD中，AC=2，∠CAD=60°，

∴CD=23，AD=4.

∴SABCD=12AB·BC+12AC·CD

=12×1×3+12×2×23=523.则V=13×523×2=533.

（2）∵PA=CA，F为PC的中点，

∴AF⊥PC.∵PA⊥平面ABCD，∴PA⊥CD.

∵AC⊥CD，PA∩AC=A，

∴CD⊥平面PAC.∴CD⊥PC.

∵E为PD中点，F为PC中点，

∴EF∥CD.则EF⊥PC.

∵AF∩EF=F，∴PC⊥平面AEF.

（3）取AD中点M，连EM，CM.则EM∥PA.

∵EM平面PAB，PA平面PAB，

∴EM∥平面PAB.

在Rt△ACD中，∠CAD=60°，AC=AM=2，

∴∠ACM=60°.而∠BAC=60°，∴MC∥AB.

∵MC平面PAB，AB平面PAB，

∴MC∥平面PAB.

∵EM∩MC=M，

∴平面EMC∥平面PAB.

∵EC平面EMC，

∴EC∥平面PAB.

17.解：（1）在△BCD中，

∵BDsin60°=BCsinα=CDsin（120°-α），

∴BD=32sinα，CD=sin（120°-α）sinα，

则AD=1-sin（120°-α）sinα.

s=400·32sinα+100[1-sin（120°-α）sinα]

=50-503·cosα-4sinα，其中π3≤α≤2π3.

（2）s′=-503·-sinα·sinα-（cosα-4）cosαsin2α=503·1-4cosαsin2α.

令s′=0得cosα=14.记cosα0=14，α0∈（π3，2π3）;

当cosα>14时，s′<0，当cosα<14时，s′>0，

所以s在（π3，α0）上单调递减，在（α0，2π3）上单调递增，

所以当α=α0，即cosα=14时，s取得最小值.

此时，sinα=154，

AD=1-sin（120°-α）sinα=1-32cosα+12sinαsinα

=12-32·cosαsinα=12-32·14154=12-510.

答：当AD=12-510时，可使总路程s最少.

18.解：（1）点A代入圆C方程，得（3-m）2+1=5.

∵m<3，∴m=1.

圆C：（x-1）2+y2=5.

设直线PF1的斜率为k，则PF1：y=k（x-4）+4，即kx-y-4k+4=0.

∵直线PF1与圆C相切，∴|k-0-4k+4|k2+1=5.解得k=112，或k=12.

当k=112时，直线PF1与x轴的交点横坐标为3611，不合题意，舍去.

当k=12时，直线PF1与x轴的交点横坐标为-4，

∴c=4，F1（-4，0），F2（4，0）.

2a=AF1+AF2=52+2=62，a=32，a2=18，b2=2.

椭圆E的方程为：x218+y22=1.

（2）AP=（1，3），设Q（x，y），AQ=（x-3，y-1），

AP·AQ=（x-3）+3（y-1）=x+3y-6.

∵x218+y22=1，即x2+（3y）2=18，

而x2+（3y）2≥2|x|·|3y|，∴-18≤6xy≤18.

则（x+3y）2=x2+（3y）2+6xy=18+6xy的取值范围是[0，36].

x+3y的取值范围是[-6，6].

∴AP·AQ=x+3y-6的取值范围是[-12，0].

19.解：（1）由P1（t21，t1）（t>0），得kOP1=1t1=tanπ3=3t1=33，

∴P1（13，33），a1=|Q1Q0|=|OP1|=23.

（2）设Pn（t2n，tn），得直线PnQn-1的方程为：y-tn=3（x-t2n），

可得Qn-1（t2n-tn3，0），

直线PnQn的方程为：y-tn=-3（x-t2n），可得Qn（t2n+tn3，0），

所以也有Qn-1（t2n-1+tn-13，0），得t2n-tn3=t2n-1+tn-13，由tn>0，得tn-tn-1=13.

∴tn=t1+13（n-1）=33n.

∴Qn（13n（n+1），0），Qn-1（13n（n-1），0），

∴an=|QnQn-1|=23n.

（3）由已知对任意实数时λ∈[0，1]时，n2-2n+2≥（1-λ）（2n-1）恒成立，

对任意实数λ∈[0，1]时，（2n-1）λ+n2-4n+3≥0恒成立

则令f（λ）=（2n-1）λ+n2-4n+3，则f（λ）是关于λ的一次函数.

对任意实数λ∈[0，1]时，f（0）≥0

f（1）≥0.

n2-4n+3≥0

n2-2n+2≥0n≥3或n≤1，

又∵n∈N*，∴k的最小值为3.

20.（1）解：因为f′（x）=（x2-3x+3）·ex+（2x-3）·ex=x（x-1）·ex

由f′（x）>0x>1或x<0;由f′（x）<00<x<1，所以f（x）在（-∞，0），（1，+∞）上递增，在（0，1）上递减

欲f（x）在[-2，t]上为单调函数，则-2<t≤0.

（2）证：因为f（x）在（-∞，0），（1，+∞）上递增，在（0，1）上递减，所以f（x）在x=1处取得极小值e

又f（-2）=13e2<e，所以f（x）在[-2，+∞）上的最小值为f（-2）

从而当t>-2时，f（-2）<f（t），即m<n.

（3）证：因为f′（x0）ex0=x20-x0，所以f′（x0）ex0=23（t-1）2即为x20-x0=23（t-1）2，

令g（x）=x2-x-23（t-1）2，从而问题转化为证明方程g（x）=x2-x-23（t-1）2=0

在（-2，t）上有解，并讨论解的个数.

因为g（-2）=6-23（t-1）2=-23（t+2）（t-4），g（t）=t（t-1）-23（t-1）2=13（t+2）（t-1），所以

①当t>4或-2<t<1时，g（-2）·g（t）<0，所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且只有一解.

②当1<t<4时，g（-2）>0且g（t）>0，

但由于g（0）=-23（t-1）2<0，

所以g（x）=0在（-2，t）上有解，且有两解.

③当t=1时，g（x）=x2-x=0x=0或x=1，所以g（x）=0在（-2，t）上有且只有一解;

当t=4时，g（x）=x2-x-6=0x=-2或x=3，

所以g（x）=0在（-2，4）上也有且只有一解.

综上所述，对于任意的t>-2，总存在x0∈（-2，t），满足f′（x0）ex0=23（t-1）2，

且当t≥4或-2<t≤1时，有唯一的x0适合题意;当1<t<4时，有两个x0适合题意.

（说明：第（2）题也可以令φ（x）=x2-x，x∈（-2，t），然后分情况证明23（t-1）2在其值域内，并讨论直线y=23（t-1）2与函数φ（x）的图象的交点个数即可得到相应的x0的个数）

附加题

21.（A）解：因为MA为圆O的切线，所以MA2=MB·MC.

又M为PA的中点，所以MP2=MB·MC.

因为∠BMP=∠BMC，所以△BMP∽△PMC.

于是∠MPB=∠MCP.

在△MCP中，由∠MPB+∠MCP+∠BPC+∠BMP=180°，得∠MPB=20°.

（B）解：∵0

b=1a

34-2

1=-2+a

-6+4，

∴0=-2+a

b=-2，即a=2，b=-2.

（C）解：离心率为12，设椭圆标准方程是x24c2+y23c2=1，

它的参数方程为x=2cosθ

y=3sinθ，（θ是参数）.

2x+3y=4ccosθ+3csinθ=5csin（θ+φ）最大值是5c，

依题意tc=10，c=2，椭圆的标准方程是x216+y212=1.

（D）解：因为正数a，b，c满足a+b+c=1，

所以，（13a+2+13b+2+13c+2）[（3a+2）+（3b+2）+（3c+2）]≥（1+1+1）2，

即13a+2+13b+2+13c+2≥1，

当且仅当3a+2=3b+2=3c+2，即a=b=c=13时，原式取最小值1.

22.解：（1）建立如图所示的空间直角坐标系，则

A（1，0，0），B（1，1，0），P（0，1，m），C（0，1，0），D（0，0，0），

B1（1，1，1），D1（0，0，2）.

所以BD=（-1，-1，0），BB1=（0，0，2），

AP=（-1，1，m），AC=（-1，1，0）.

又由AC·BD=0，AC·BB1=0知AC为平面BB1D1D的一个法向量.

设AP与面BDD1B1所成的角为θ，

则sinθ=cos（π2-θ）=|AP·AC||AP|·|AC|

=22·2+m2=32，解得m=63.

故当m=63时，直线AP与平面BDD1B1所成角为60°.

（2）若在A1C1上存在这样的点Q，设此点的横坐标为x，

则Q（x，1-x，2），D1Q=（x，1-x，0）.

依题意，对任意的m要使D1Q在平面APD1上的射影垂直于AP.等价于

D1Q⊥APAP·D1Q=0x+（1-x）=0x=12

即Q为A1C1的中点时，满足题设的要求.

23.解：（1）取x=1，则a0=2n;取x=2，则a0+a1+a2+a3+…+an=3n，

∴Sn=a1+a2+a3+…+an=3n-2n;

（2）要比较Sn与（n-2）2n+2n2的大小，即比较：3n与（n-1）2n+2n2的大小，

当n=1时，3n>（n-1）2n+2n2;

当n=2，3时，3n<（n-1）2n+2n2;

当n=4，5时，3n>（n-1）2n+2n2;

猜想：当n≥4时，3n>（n-1）2n+2n2，下面用数学归纳法证明：

由上述过程可知，n=4时结论成立，

假设当n=k，（k≥4）时结论成立，即3k>（k-1）2k+2k2，

两边同乘以3得：3k+1>3[（k-1）2k+2k2]=k2k+1+2（k+1）2+[（k-3）2k+4k2-4k-2]

而（k-3）2k+4k2-4k-2=（k-3）2k+4（k2-k-2）+6=（k-3）2k+4（k-2）（k+1）+6>0，

∴3k+1>（（k+1）-1）2k+1+2（k+1）2

即n=k+1时结论也成立，∴当n≥4时，3n>（n-1）2n+2n2成立.

综上得，当n=1时，Sn>（n-2）2n+2n2;当n=2，3时，Sn<（n-2）2n+2n2;