2018—2019吉林省吉林市一调物理参考答案及评分标准

2018—2019吉林省吉林市一调物理参考答案及评分标准（共1篇）

2018—2019吉林省吉林市一调物理参考答案及评分标准 篇1

2018—2019年第一次调研物理题裁截方案及仲裁人员名单

第Ⅱ卷共五个大题，划分为四组。1组：第13、14大题双评阈值 3分 2组：第15大题双评阈值 3分 3组：第16大题双评阈值 3分 4组：第17大题双评阈值 3分

预计明天（10月27日）上午8点开始网评，10月30日下午4点前完成评卷工作。请高三物理各位老师及时在线进行评卷工作，按各校任务量分配保质保量的完成自己的任务。大家辛苦了，谢谢。各校备课组长：这次网评我让网管将每个人权限都设定为可见所有题，以便于组内老师之间可以互相帮助而不至于影响评卷进程。

各校备课组长：13题空比较少，14题空又比较多，所以将13,14两题合为一块，评卷任务较重，所以分配评卷人员要适当多一些，与其它题尽量均衡。

各校备课组长：初评时，有的老师若掌握不好标准备课组长要予以及时指导，依据标准的同时要放宽标准，要及时在线，有问题及时与我联系，确保标准的统一及宽严相济的原则。本次网评仲裁小组人员名单： 吉林一中：李苗马月 吉林二中：陈爽英付强 吉林四中：王瑜王玉萍 毓文中学：杨晓英吕秋月 吉林市实验中学：陈岩姜海峰 吉化一中：杜庆智董秋红 田家炳中学：秦正荣于宏艳 吉化三中：王昱 松花江中学：王歆彤 江城中学：许美娜

吉林十二中：李慧马小乐 吉林十八中：李杰 永吉实验高中：金香莲 永吉四中：刘晓成 舒兰一中：王喜军 蛟河一中：李智杰 磐石一中：骆静 磐石五中：聂春霞

桦甸四中：孟庆鹏杨爱军 各小组人员分配情况：

1组：第13、14大题杜庆智（本组评卷的题长）、马月、杨晓英骆静、王昱、杨爱军 付强

2组：第15大题陈岩（本组评卷的题长）、王玉萍、于宏艳、刘晓成、聂春霞、孟庆鹏王喜军

3组：第16大题董秋红（本组评卷的题长）、陈爽英、秦正荣王瑜、许美娜、王歆彤、马小乐

4组：第17大题李苗（本组评卷的题长）、李慧李智杰、姜海峰﹑李杰吕秋月金香莲 参加仲裁的老师要及时在线评仲裁卷，避免堆积而影响评卷进程。仲裁老师在各自学校的评卷任务量减半，由同组其他老师完成减半的任务量，请各校备课组长酌情安排各题的任务量，谢谢，大家辛苦了。

各仲裁组组长：注意及时收集学生典型错误卷的图片，截取下来转发给我，用于这次考试的质量分析，谢谢，大家辛苦了。

2018—2019年吉林市第一次调研测试题物理学科参考答案及评分标准

1.D 2.C 3.B 4.B 5.D 6.C 7.C 8.B 9.BD 10.CD 11.ABC 12.BD 13.（6分）(1)B（2分）(2)F′（2分）（3）偏大（2分）

14.（12分）（1）1.82J（2分），1.71J（2分）；（2）系统（2分）大于（2分）（3）先释放重物再接通打点计时器（或：纸带打出第一个点时初速度不为零）（2分）等于（2分）

15.（12分）

巡逻车做减速需要的时间：

t1x1vvv0tv（1分）2（1分）t1=5s(2分）

t2巡逻车加速的时间：

vtv0a2＝4 s（2分）

2vt2v0x22a2＝24 m（2分）加速的位移：巡逻车通过的总位移xx1x2＝54m（1分）

t巡逻车匀速通过这段距离所用的时间

xv＝5.4 s（1分）

多用的时间Δt＝t1＋t2－t＝3.6s（2分）16.（16分）

（1）反弹后到上升至最高点过程中，由机械能守恒定律有：

12hmv1mg（2分）216v2小球A反弹后瞬间由牛顿第二定律有：Fmgm（2分）

h解得：F9mg（1分）812mv（2分）2（2）小球A由释放到最低点过程中由机械能守恒定律有：mghv2gh

小球A与物块在碰撞过程中由动量守恒定律有：mv5mv2mv1（2分）

v22gh（1分）4121212mvmv15mv2（2分）222小球A与物块在碰撞过程中由系统能守恒定律有：E解得：E5mgh（1分）8（3）物块从碰撞后开始在水平面上克服地面摩擦做匀减速运动，由动量定理有：

-5mgt05mgv2（2分）

2gh（1分）4g(16分）解得:t17.（1）由乙图知，m、M一起运动的最大外力Fm=25N，当F>25N时，m与M相对滑动，对m由牛顿第二定律有：由乙图知解得： ；（1分）

（1分）（1分），（2分）

（2）对M由牛顿第二定律有：即乙图知：

解得：M = 4 kg（1分）μ2=0.1（1分）

（3）由于F=29N>25N，所以从开始m就与M相对滑动对地向左做匀加速运动，加速度为a1，M加速度为a2 M的加速度大小

（1分）方向向左，在m没有滑落板之前M的位移大小x2m的位移大小x112a2t1（1分）212a1t1（1分）2x2x1L

解得：t13s（1分）

此后m从M上掉下来，之后M的加速度大小为，对M由生顿第二定律可得（1分），M的加速度为a4

2mgma4（1分）

a41m/s2 m从M上刚掉下来时M的速度为vMvMa2t1=15m/s M的速度为vma1t1=12m/s

12a3tt1（1分）212m从M上刚掉下来后m的位移为xmvmtt1a4tt1（1分）

2536.625m（1分）m从M上刚掉下来后m与M的距离为xxMxm8m从M上刚掉下来后M的位移为xMvMtt115—17题若用其它方法解并完全正确的均要给满分，若部分正确的要适当放宽标准能给分处尽量给分，有掌握不好标准的及时请示各校备课组长及在线请示各题的题长，以保证标准的统一及宽严相济的原则。